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Valentin
Asked:2022-04-08 20:53:52 +0000 UTC2022-04-08 20:53:52 +0000 UTC

PHP：如何将一个类的工作结果转移到另一个类？

  • 772

我刚刚开始使用 OOP。我的程序分为几个类，我在 index.php 中调用它们的实例：

require_once('Parser.php');

require_once('Controller.php')

$obj = new Parser();

$obj->getMyInformation();

$obj2 = new Controller();

$obj2->putInformationInTables();

我希望一个类的“输出”作为“输入”在另一个类中处理。那么如何最好地将信息从 Parser() 类传递到 Controller() 类？

也许最优化的方法是通过类参数？像这样尝试：

$obj2 = new Controller(30);

$obj2 = new Controller(40);

但是值30和40并没有分配给Controller()类内部的任何变量。

我读到静态变量和构造函数用于此...但是它写得难以理解...我无法在我的代码中重复它...你能告诉我这些事情是如何正确完成的吗？

目前尚不清楚如何使类实例和类协调......

php

1 个回答

  1. Best Answer

    我认为它就像一个函数。使用 Controller(40)，值 40 将分配给第一个变量class Controller () { public $a, $b}

    就其本身而言，任何地方都不会写任何东西。创建类的新实例new Classname() 是调用具有指定参数的构造函数。经典方式：

    class Test {
    public $a;
    public __construct($a){
        $this->a = $a
    }
}

    也就是你声明一个类，描述类成员变量。描述构造函数的参数，显式获取这些参数并存储值。

    在 php 8 中出现了某种“语法糖”，这里可以将这个例行操作简化为

     class Test {
     public __construct(public $a){}
 }

    所以这两个代码片段是等价的。代码变得更短，但是，有一个关于可见性的问题。因为事实上，并不是类的所有成员都列在它的声明中，所以说实话，这个创新有点争议。

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